岐阜大学/2024年度

5岐阜大学 2024年 数学 第5問解答・解説

平面上の曲線と複素数平面数列

1問題

岐阜大学2024年度第5問
数列 {an}\{a_{n}\} と {bn}\{b_{n}\} が、
a1=1,an+1=34an−14bn(n=1, 2, 3, ⋯ )b1=1,bn+1=14an+34bn(n=1, 2, 3, ⋯ )\begin{aligned}&a_{1}=1, && a_{n+1}=\dfrac{\sqrt{3}}{4}a_{n}-\dfrac{1}{4}b_{n} \quad (n=1,\,2,\,3,\,\cdots)\\ &b_{1}=1, && b_{n+1}=\dfrac{1}{4}a_{n}+\dfrac{\sqrt{3}}{4}b_{n} \quad (n=1,\,2,\,3,\,\cdots)\end{aligned}
を満たすとする。複素数 znz_{n} を zn=an+ibnz_{n}=a_{n}+ib_{n} (n=1, 2, 3, ⋯ )(n=1,\,2,\,3,\,\cdots) で定める。以下の問に答えよ。ただし、ii は虚数単位とする。

(1) 複素数 z1z_{1} の絶対値 ∣z1∣|z_{1}| と偏角 θ1\theta_{1} (0≦θ1<2π)(0\leqq\theta_{1}<2\pi) を、それぞれ求めよ。

(2) すべての自然数 nn に対して zn+1=r(cos⁡θ+isin⁡θ)znz_{n+1}=r(\cos\theta+i\sin\theta)z_{n} となるような正の実数 rr と θ\theta (0≦θ<2π)(0\leqq\theta<2\pi) の値を、それぞれ求めよ。

(3) ana_{n} と bnb_{n} を nn を用いてそれぞれ表せ。

(4) an=bna_{n}=b_{n} となる自然数 nn を小さいほうから順に m(1)m(1)、m(2)m(2)、m(3)m(3)、⋯\cdots とする。am(k)a_{m(k)} を kk を用いて表せ。

まずは自分で解いてみましょう。解けたら「答え」、詰まったら「解答」で確かめられます。

タイマー

15:00

2答え

答えを見る自分の答えと照らし合わせる
  • (1)
    ∣z1∣=2|z_{1}|=\sqrt{2}、θ1=π4\theta_{1}=\dfrac{\pi}{4}
  • (2)
    r=12r=\dfrac{1}{2}、θ=π6\theta=\dfrac{\pi}{6}
  • (3)
    an=22n−1cos⁡(π4+(n−1)π6)a_{n}=\dfrac{\sqrt{2}}{2^{n-1}}\cos\left(\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}\right)、bn=22n−1sin⁡(π4+(n−1)π6)b_{n}=\dfrac{\sqrt{2}}{2^{n-1}}\sin\left(\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}\right)
  • (4)
    m(k)=6k−5m(k)=6k-5、am(k)=(−1)k−126k−6a_{m(k)}=\dfrac{(-1)^{k-1}}{2^{6k-6}}

3解答

解答を見る途中式つきの解答

解答

(1)

初期値はz1=1+iz_{1}=1+iなので
z1=2(cos⁡π4+isin⁡π4),∣z1∣=2,θ1=π4.z_{1}=\sqrt{2}\left(\cos\dfrac{\pi}{4}+i\sin\dfrac{\pi}{4}\right),\qquad|z_{1}|=\sqrt{2},\qquad\theta_{1}=\dfrac{\pi}{4}.

(2)

漸化式を複素数でまとめると
zn+1=(34+i4)zn.z_{n+1}=\left(\dfrac{\sqrt{3}}{4}+\dfrac{i}{4}\right)z_{n}.
ここで
q=34+i4=12(cos⁡π6+isin⁡π6)q=\dfrac{\sqrt{3}}{4}+\dfrac{i}{4}=\dfrac{1}{2}\left(\cos\dfrac{\pi}{6}+i\sin\dfrac{\pi}{6}\right)
だからr=12r=\dfrac{1}{2}、θ=π6\theta=\dfrac{\pi}{6}である。

(3)

積の形からzn=z1qn−1z_{n}=z_{1}q^{n-1}であり、
zn=22n−1{cos⁡(π4+(n−1)π6)+isin⁡(π4+(n−1)π6)}.z_{n}=\dfrac{\sqrt{2}}{2^{n-1}}\left\{\cos\left(\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}\right)+i\sin\left(\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}\right)\right\}.
したがって
an=22n−1cos⁡(π4+(n−1)π6),bn=22n−1sin⁡(π4+(n−1)π6).a_{n}=\dfrac{\sqrt{2}}{2^{n-1}}\cos\left(\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}\right),\qquad b_{n}=\dfrac{\sqrt{2}}{2^{n-1}}\sin\left(\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}\right).

(4)

an=bna_{n}=b_{n}となるのは、cos⁡ϕn=sin⁡ϕn\cos\phi_{n}=\sin\phi_{n}、すなわち位相ϕn=π4+(n−1)π6\phi_{n}=\dfrac{\pi}{4}+\dfrac{(n-1)\pi}{6}がπ4+ℓπ\dfrac{\pi}{4}+\ell\pi(ℓ=0, 1, 2, ⋯\ell=0,\,1,\,2,\,\cdots)となるときである。よって小さい順にm(k)=6(k−1)+1=6k−5m(k)=6(k-1)+1=6k-5である。このとき
am(k)=226k−6cos⁡(π4+(k−1)π)=(−1)k−126k−6a_{m(k)}=\dfrac{\sqrt{2}}{2^{6k-6}}\cos\left(\dfrac{\pi}{4}+(k-1)\pi\right)=\dfrac{(-1)^{k-1}}{2^{6k-6}}
である。

読み終えたら解答を閉じて、もう一度自分の手で解いてみましょう。

この問題で使う考え方

  • 複素数の極形式
  • 複素数の積による漸化式
  • 位相の一般項
  • 三角関数の等式条件

答えと解答は AI で作成したものです。誤りに気づいたらお問い合わせから教えてください。

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