日本医科大学/2024年度/前期

I日本医科大学 2024年 数学 第I問解答・解説

図形と計量微分法図形の性質ベクトル

1問題

日本医科大学2024年度第I問
角 α\alpha を cos⁡α=23\cos\alpha=\frac{2}{3}、かつ 0<α<π20<\alpha<\frac{\pi}{2} となるようにとる。三角形 OABOAB は OA=2OA=2, OB=3OB=3, α<∠AOB<π2\alpha<\angle AOB<\frac{\pi}{2} を満たすとし、三角形 OABOAB の垂心を HH とする。x=cos⁡∠AOBx=\cos\angle AOB とおくとき、以下の各問いのア~シに入る適切な数を求めよ。ただし、ウ~シは1以上の整数で答えよ。またスに関しては下の指示に従うこと。
問1 xx の動く範囲は ア<x<イ\boxed{\text{ア}}<x<\boxed{\text{イ}} である。
問2 ベクトル OH→\overrightarrow{OH} は次のように表せる。OH→=x(ウ−エx)オ(1−x2)OA→+x(カ−キx)ク(1−x2)OB→.\overrightarrow{OH}=\frac{x(\boxed{\text{ウ}}-\boxed{\text{エ}}x)}{\boxed{\text{オ}}(1-x^{2})}\overrightarrow{OA}+\frac{x(\boxed{\text{カ}}-\boxed{\text{キ}}x)}{\boxed{\text{ク}}(1-x^{2})}\overrightarrow{OB}.
問3 三角形 HABHAB の面積 S(x)S(x) は次のように表せる。S(x)=ケx2−コx+サシ1−x2.S(x)=\frac{\boxed{\text{ケ}}x^{2}-\boxed{\text{コ}}x+\boxed{\text{サ}}}{\boxed{\text{シ}}\sqrt{1-x^{2}}}.
問4 xx が問1で求めた範囲をアからイまで動くとき(ただし、端点は除く)、問3の S(x)S(x) は、ス。上記の文中のスに当てはまるものを、次の(あ)~(え)の中から1つ選べ。なお、以下の選択肢において、cc は ア<c<イ\boxed{\text{ア}}<c<\boxed{\text{イ}} を満たす定数とする。ただし、アとイには問1で求めた数が入る。
(あ)単調に増加する。
(い)単調に減少する。
(う)ア<x<c\boxed{\text{ア}}<x<c で増加し、c<x<イc<x<\boxed{\text{イ}} で減少する。
(え)ア<x<c\boxed{\text{ア}}<x<c で減少し、c<x<イc<x<\boxed{\text{イ}} で増加する。

まずは自分で解いてみましょう。解けたら「答え」、詰まったら「解答」で確かめられます。

タイマー

15:00

2答え

答えを見る自分の答えと照らし合わせる
  • ア=0, イ=23, ウ=3, エ=2, オ=2, カ=2, キ=3, ク=3, ケ=6, コ=13, サ=6, シ=2, ス=(い)\text{ア}=0,\ \text{イ}=\dfrac{2}{3},\ \text{ウ}=3,\ \text{エ}=2,\ \text{オ}=2,\ \text{カ}=2,\ \text{キ}=3,\ \text{ク}=3,\ \text{ケ}=6,\ \text{コ}=13,\ \text{サ}=6,\ \text{シ}=2,\ \text{ス}=\text{(い)}

3解答

解答を見る途中式つきの解答

解答

θ=∠AOB\theta=\angle AOB とおくと、α<θ<π/2\alpha<\theta<\pi/2 であり、余弦はこの範囲で減少する。したがって
0=cos⁡π2<x=cos⁡θ<cos⁡α=23. 0=\cos\frac{\pi}{2}<x=\cos\theta<\cos\alpha=\frac23.
よって ア=0, イ=2/3\boxed{\text{ア}}=0,\ \boxed{\text{イ}}=2/3 である。

u⃗=OA→, v⃗=OB→\vec u=\overrightarrow{OA},\ \vec v=\overrightarrow{OB} とし、
OH→=su⃗+tv⃗ \overrightarrow{OH}=s\vec u+t\vec v
とおく。∣u⃗∣=2, ∣v⃗∣=3, u⃗⋅v⃗=6x|\vec u|=2,\ |\vec v|=3,\ \vec u\cdot\vec v=6x である。AH⊥OBAH\perp OB、BH⊥OABH\perp OA より
(su⃗+(tv⃗)−u⃗)⋅v⃗=0,(su⃗+tv⃗−v⃗)⋅u⃗=0, (s\vec u+(t\vec v)-\vec u)\cdot\vec v=0,\qquad (s\vec u+t\vec v-\vec v)\cdot\vec u=0,
すなわち
4s+6xt=6x,6xs+9t=6x. 4s+6xt=6x,\qquad 6xs+9t=6x.
第一式から s=3x2(1−t)s=\frac{3x}{2}(1-t) となる。これを第二式に代入すると
3(1−x2)t=x(2−3x) 3(1-x^2)t=x(2-3x)
を得る。ここで 0<x<2/3<10<x<2/3<1 より 1−x2≠01-x^2\ne0 だから、
t=x(2−3x)3(1−x2),s=x(3−2x)2(1−x2). t=\frac{x(2-3x)}{3(1-x^2)},\qquad s=\frac{x(3-2x)}{2(1-x^2)}.
従って
OH→=x(3−2x)2(1−x2)OA→+x(2−3x)3(1−x2)OB→. \overrightarrow{OH} =\frac{x(3-2x)}{2(1-x^2)}\overrightarrow{OA} +\frac{x(2-3x)}{3(1-x^2)}\overrightarrow{OB}.
よって ウ=3,エ=2,オ=2,カ=2,キ=3,ク=3\boxed{\text{ウ}}=3,\boxed{\text{エ}}=2,\boxed{\text{オ}}=2,\boxed{\text{カ}}=2,\boxed{\text{キ}}=3,\boxed{\text{ク}}=3 である。

三角形 HABHAB について、AH→=(s−1)u⃗+tv⃗\overrightarrow{AH}=(s-1)\vec u+t\vec v、AB→=−u⃗+v⃗\overrightarrow{AB}=-\vec u+\vec v である。座標を O=(0,0), A=(2,0), B=(3x,31−x2)O=(0,0),\ A=(2,0),\ B=(3x,3\sqrt{1-x^2}) と置くと、H=(2s+3xt,3t1−x2)H=(2s+3xt,3t\sqrt{1-x^2}) となる。座標による三角形の面積公式から
S(x)=12∣(2s+3xt−2)31−x2−3t1−x2(3x−2)∣=31−x2 ∣s+t−1∣. S(x)=\frac12\left|(2s+3xt-2)3\sqrt{1-x^2}-3t\sqrt{1-x^2}(3x-2)\right| =3\sqrt{1-x^2}\,|s+t-1|.
ここで
s+t−1=13x−6x2−66(1−x2). s+t-1=\frac{13x-6x^2-6}{6(1-x^2)}.
また
6x2−13x+6=(3x−2)(2x−3)>0(0<x<2/3) 6x^2-13x+6=(3x-2)(2x-3)>0\qquad(0<x<2/3)
なので s+t−1<0s+t-1<0。従って
S(x)=6x2−13x+621−x2. S(x)=\frac{6x^2-13x+6}{2\sqrt{1-x^2}}.
よって ケ=6,コ=13,サ=6,シ=2\boxed{\text{ケ}}=6,\boxed{\text{コ}}=13,\boxed{\text{サ}}=6,\boxed{\text{シ}}=2 である。

最後に、この式を微分すると
S′(x)=18x−13−6x32(1−x2)3/2. S'(x)=\frac{18x-13-6x^3}{2(1-x^2)^{3/2}}.
分子 g(x)=18x−13−6x3g(x)=18x-13-6x^3 について
g′(x)=18(1−x2)>0(0<x<2/3) g'(x)=18(1-x^2)>0\qquad(0<x<2/3)
であるから gg は増加する。一方、g(2/3)=−25/9<0g(2/3)=-25/9<0 なので、区間全体で g(x)<0g(x)<0。分母は正であるから S′(x)<0S'(x)<0 となり、S(x)S(x) は単調に減少する。従って ス\boxed{\text{ス}} は(い)である。

読み終えたら解答を閉じて、もう一度自分の手で解いてみましょう。

答えと解答は AI で作成したものです。誤りに気づいたらお問い合わせから教えてください。

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