鹿児島大学/2025年度/前期

5鹿児島大学 2025年 数学 第5問解答・解説

指数関数・対数関数微分法積分法極限

1問題

鹿児島大学2025年度第5問
ee を自然対数の底とし、
f(x)=ex−2e−2xex+e−2x f(x)=\dfrac{e^{x}-2e^{-2x}}{e^{x}+e^{-2x}}
とおく。座標平面上の曲線 y=f(x)y=f(x) を CC とし、CC 上の点 (0,−12)\left(0,-\dfrac{1}{2}\right) における接線を ll とする。また、ll と直線 y=1y=1 との交点を (a,1)(a,1) とする。
(1) 接線 ll の方程式と、aa の値を求めよ。
(2) (1)で求めた接線 ll の方程式を y=g(x)y=g(x) とおく。x>0x>0 のとき、f(x)<g(x)f(x)<g(x) であることを示せ。
(3) 曲線 CC、接線 ll および直線 x=ax=a で囲まれた部分の面積 S1S_1 を求めよ。
(4) 実数 rr は r>ar>a を満たすとする。曲線 CC、直線 y=1y=1、x=ax=a および x=rx=r で囲まれた部分の面積を S2S_2 とする。(3)で定めた S1S_1 を用いて S(r)=S1+S2S(r)=S_1+S_2 と定めるとき、S(r)S(r) を求めよ。さらに、lim⁡r→∞S(r)\displaystyle \lim_{r\to\infty}S(r) を求めよ。

まずは自分で解いてみましょう。解けたら「答え」、詰まったら「解答」で確かめられます。

タイマー

15:00

2答え

答えを見る自分の答えと照らし合わせる
  • (1)
    l: y=94x−12,a=23l:\ y=\frac94x-\frac12,\quad a=\frac23
  • (2)
    x>0x>0でf(x)<g(x)f(x)<g(x)
  • (3)
    S1=32−log⁡e2+12S_1=\frac32-\log\frac{e^2+1}{2}
  • (4)
    S(r)=3r−log⁡(1+e3r)+log⁡2−12S(r)=3r-\log(1+e^{3r})+\log2-\frac12、lim⁡r→∞S(r)=log⁡2−12\lim_{r\to\infty}S(r)=\log2-\frac12。

3解答

解答を見る途中式つきの解答

解答

分子と分母に e2xe^{2x} を掛けると
f(x)=e3x−2e3x+1 f(x)=\frac{e^{3x}-2}{e^{3x}+1}
となる。分母はすべての実数 xx に対して正である。

(1)
f′(x)=3e3x(e3x+1)−3e3x(e3x−2)(e3x+1)2=9e3x(e3x+1)2 f'(x)=\frac{3e^{3x}(e^{3x}+1)-3e^{3x}(e^{3x}-2)}{(e^{3x}+1)^2}=\frac{9e^{3x}}{(e^{3x}+1)^2}
より、f(0)=−12f(0)=-\frac{1}{2}、f′(0)=94f'(0)=\frac{9}{4} である。したがって、点 (0,−12)(0,-\frac{1}{2}) における接線は
l: y=94x−12 l:\ y=\frac{9}{4}x-\frac{1}{2}
である。この直線と y=1y=1 との交点の xx 座標 aa は
1=94a−12よりa=23 1=\frac{9}{4}a-\frac{1}{2}\quad\text{より}\quad a=\frac{2}{3}
である。

(2)
(1)の直線を y=g(x)y=g(x) とする。x>0x>0 なら t=e3x>1t=e^{3x}>1 であり、
(t+1)2−4t=(t−1)2>0 (t+1)^2-4t=(t-1)^2>0
だから
f′(x)=9t(t+1)2<94. f'(x)=\frac{9t}{(t+1)^2}<\frac{9}{4}.
よって h(x)=g(x)−f(x)h(x)=g(x)-f(x) とおくと、h(0)=0h(0)=0 かつ x>0x>0 で h′(x)=94−f′(x)>0h'(x)=\frac{9}{4}-f'(x)>0 である。したがって x>0x>0 では h(x)>h(0)=0h(x)>h(0)=0、すなわち f(x)<g(x)f(x)<g(x) となる。

(3)
(2)より 0<x≦a0<x\leqq a では g(x)>f(x)g(x)>f(x) である。また、
ddx(−2x+log⁡(1+e3x))=e3x−2e3x+1=f(x) \frac{d}{dx}\left(-2x+\log(1+e^{3x})\right)=\frac{e^{3x}-2}{e^{3x}+1}=f(x)
であるから、
S1=∫02/3{g(x)−f(x)} dx=[−x2+9x28]02/3−[−2x+log⁡(1+e3x)]02/3=16−(−43+log⁡(1+e2)−log⁡2)=32−log⁡e2+12. \begin{aligned} S_1&=\int_0^{2/3}\{g(x)-f(x)\}\,dx\\ &=\left[-\frac{x}{2}+\frac{9x^2}{8}\right]_0^{2/3}-\left[-2x+\log(1+e^{3x})\right]_0^{2/3}\\ &=\frac{1}{6}-\left(-\frac{4}{3}+\log(1+e^2)-\log 2\right)\\ &=\frac{3}{2}-\log\frac{e^2+1}{2}. \end{aligned}

(4)
すべての実数 xx で 1−f(x)=31+e3x>01-f(x)=\frac{3}{1+e^{3x}}>0 だから、a<ra<r において
S2=∫2/3r{1−f(x)} dx=[3x−log⁡(1+e3x)]2/3r=3r−log⁡(1+e3r)−2+log⁡(1+e2). \begin{aligned} S_2&=\int_{2/3}^{r}\{1-f(x)\}\,dx\\ &=\left[3x-\log(1+e^{3x})\right]_{2/3}^{r}\\ &=3r-\log(1+e^{3r})-2+\log(1+e^2). \end{aligned}
よって
S(r)=S1+S2=3r−log⁡(1+e3r)+log⁡2−12. \begin{aligned} S(r)&=S_1+S_2\\ &=3r-\log(1+e^{3r})+\log 2-\frac{1}{2}. \end{aligned}
さらに
3r−log⁡(1+e3r)=−log⁡(1+e−3r)⟶0(r→∞) 3r-\log(1+e^{3r})=-\log(1+e^{-3r})\longrightarrow 0\quad(r\to\infty)
であるから、
lim⁡r→∞S(r)=log⁡2−12. \lim_{r\to\infty}S(r)=\log 2-\frac{1}{2}.

読み終えたら解答を閉じて、もう一度自分の手で解いてみましょう。

この問題で使う考え方

  • 指数式の整理
  • 接線の方程式
  • 導関数の評価と単調性
  • 定積分による面積計算
  • 指数関数の極限

答えと解答は AI で作成したものです。誤りに気づいたらお問い合わせから教えてください。

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