産業医科大学/2022年度/一般

3産業医科大学 2022年 数学 第3問解答・解説

図形と計量三角関数図形と方程式ベクトル

1問題

産業医科大学2022年度第3問
空欄にあてはまる適切な数、式、記号などを解答用紙の所定の欄に記入しなさい。角度の単位はラジアンとする。

図1に示すように、x−yx-y平面座標においてxx軸上の点F(f, 0)\mathrm{F}(f,\,0)を中心とする半径aaの円C1C_{1}を考える。円C1C_{1}上にある点P\mathrm{P}を考える。線分FP\mathrm{FP}がxx軸となす角度を、xx軸から反時計回りに測ったときの値をθ1\theta_{1}とおく。点P\mathrm{P}を中心とする半径bbの円C2C_{2}を考える。円C2C_{2}上のある点S\mathrm{S}を考える。点P\mathrm{P}を通り、xx軸に平行な線をx′x'軸と呼ぶ。線分PS\mathrm{PS}がx′x'軸となす角度を、x′x'軸から反時計回りに測ったときの値をθ2\theta_{2}とおく。

・点P\mathrm{P}の座標(x1, y1)(x_{1},\,y_{1})はaa、ff、θ1\theta_{1}を用いて、
(x1, y1)=(セ)(x_{1},\,y_{1})=\left(\boxed{\text{セ}}\right)
と表される。

・点S\mathrm{S}の座標(x2, y2)(x_{2},\,y_{2})はaa、bb、ff、θ1\theta_{1}、θ2\theta_{2}を用いて、
(x2, y2)=(ソ)(x_{2},\,y_{2})=\left(\boxed{\text{ソ}}\right)
と表される。

媒介変数ttを用いて、θ1\theta_{1}を式θ1=ω1t\theta_{1}=\omega_{1}tと表す。ここで、ω1\omega_{1}は定数で、ω1>0\omega_{1}>0とする。同様に、θ2\theta_{2}は式θ2=ω2t+ϕ\theta_{2}=\omega_{2}t+\phiと表す。ここで、ω2\omega_{2}、ϕ\phiは定数で、0≦ϕ<2π0\leqq\phi<2\piとする。t≧0t\geqq 0とし、ttの初期値t=0t=0からの増加にともない点P\mathrm{P}と点S\mathrm{S}がそれぞれ円C1C_{1}、C2C_{2}上を周回することを考える。点P\mathrm{P}が円C1C_{1}上を1周するときのttの変化量を、点P\mathrm{P}の周期TPT_{\mathrm{P}}と呼ぶ。

・TPT_{\mathrm{P}}の値はω1\omega_{1}を使ってタ\boxed{\text{タ}}と表される。

・TP=1T_{\mathrm{P}}=1、a=2a=2、b=1b=1、f=5f=5とする。点P\mathrm{P}と原点の距離をAA、点S\mathrm{S}と原点の距離をBBとし、AA、BBを媒介変数ttに対して表示すると図2のようになった。ここで、実線がAA、破線がBBを表す。また、t=0t=0とt=1t=1で∣A−B∣=1|A-B|=1となった。以上のことから、ω2\omega_{2}の値はチ\boxed{\text{チ}}、ϕ\phiの値はツ\boxed{\text{ツ}}と求められる。

・a>ba>bとする。点S\mathrm{S}の軌跡が半径a−ba-bの円になるためには、ω2\omega_{2}の値はω1\omega_{1}のテ\boxed{\text{テ}}倍、ϕ\phiの値はト\boxed{\text{ト}}であればよい。

・点S\mathrm{S}の軌跡が半径a+ba+bの円になるためには、ω2\omega_{2}の値はω1\omega_{1}のナ\boxed{\text{ナ}}倍、ϕ\phiの値はニ\boxed{\text{ニ}}であればよい。

・点P\mathrm{P}が1周する間に点S\mathrm{S}が必ず点(f−a−b, 0)(f-a-b,\,0)と点(f+a−b, 0)(f+a-b,\,0)の両方を通過するための必要十分条件は、ω2\omega_{2}とω1\omega_{1}の間に自然数kkを用いて表されるω2=ヌ\omega_{2}=\boxed{\text{ヌ}}という関係が成り立ち、ϕ\phiの値がネ\boxed{\text{ネ}}であることである。

・t=0t=0において、点S\mathrm{S}の位置は(f+a−b, 0)(f+a-b,\,0)であった。そこから点P\mathrm{P}が1周したとき、すなわちt=TPt=T_{\mathrm{P}}において、点S\mathrm{S}の位置は(f+a+b, 0)(f+a+b,\,0)であった。さらに点P\mathrm{P}が1周したとき、すなわちt=2TPt=2T_{\mathrm{P}}において、点S\mathrm{S}の位置は(f+a−b, 0)(f+a-b,\,0)であった。このように点P\mathrm{P}の周回ごとに点S\mathrm{S}の位置が(f+a−b, 0)(f+a-b,\,0)と(f+a+b, 0)(f+a+b,\,0)を交互にとるための必要十分条件は、ω2\omega_{2}とω1\omega_{1}の間に自然数kkを用いて表されるω2=ノ\omega_{2}=\boxed{\text{ノ}}という関係が成り立ち、ϕ\phiの値がハ\boxed{\text{ハ}}であることである。

点F\mathrm{F}、点P\mathrm{P}、点S\mathrm{S}の3点が一直線上に並び、かつ点F\mathrm{F}と点P\mathrm{P}の間に点S\mathrm{S}がある状態を「蝕(しょく)」と呼ぶことにする。zzを2以上の自然数とする。

(1) ω2=zω1\omega_{2}=z\omega_{1}の関係があるとき、点P\mathrm{P}が円C1C_{1}上を1周する間に蝕が起こる回数はヒ\boxed{\text{ヒ}}回である。

(2) ω2=−zω1\omega_{2}=-z\omega_{1}の関係があるとき、点P\mathrm{P}が円C1C_{1}上を1周する間に蝕が起こる回数はフ\boxed{\text{フ}}回である。
図1は円C₁と円C₂の図で、水平なx軸上に黒点(0,0)と円C₁の中心F(f,0)がある。円C₁上の黒点Pは円C₂の中心で、円C₂上の黒点Sへ線分が延び、FPにa、PSにb、FPとx軸の間にθ₁、PSとPを通る水平なx′軸の間にθ₂が記されている。「円C₂」の注記から小円へ矢印が向かう。
図2は縦軸A,Bのグラフで、実線Aと破線Bを指す右向きの注記矢印がある。横軸の目盛は0、0.5、1、1.5、縦軸は2から8まで1刻み。実線Aは横目盛0と1で7、0.5と1.5で3となる波形で、破線Bは0で6、1で8となり、その間と両側で複数回上下している。

まずは自分で解いてみましょう。解けたら「答え」、詰まったら「解答」で確かめられます。

タイマー

15:00

2答え

答えを見る自分の答えと照らし合わせる
  • セ:(x1, y1)=(f+acos⁡θ1, asin⁡θ1)(x_{1},\,y_{1})=(f+a\cos\theta_{1},\,a\sin\theta_{1})、ソ:(x2, y2)=(f+acos⁡θ1+bcos⁡θ2, asin⁡θ1+bsin⁡θ2)(x_{2},\,y_{2})=(f+a\cos\theta_{1}+b\cos\theta_{2},\,a\sin\theta_{1}+b\sin\theta_{2})、タ:2πω1\dfrac{2\pi}{\omega_{1}}、チ:5π5\pi、ツ:π\pi、テ:11、ト:π\pi、ナ:11、ニ:00、ヌ:±2(k−1)ω1\pm2(k-1)\omega_{1}、ネ:π\pi、ノ:±2k−12ω1\pm\dfrac{2k-1}{2}\omega_{1}、ハ:π\pi、ヒ:z−1z-1、フ:z+1z+1(k=1, 2, 3, ⋯k=1,\,2,\,3,\,\cdots)。

3解答

解答を見る途中式つきの解答

考え方

円運動を二つの回転ベクトルの和で表す。図2から数値条件を読み取り、指定位置への通過を角度の合同式にする。整数倍・半奇整数倍の全体を正の自然数kと符号±で正確に表し、相対角の回転数から蝕を数える。

解答

点P\mathrm{P}は中心F(f, 0)\mathrm{F}(f,\,0)から角θ1\theta_{1}、距離aaの位置にあり、点S\mathrm{S}はP\mathrm{P}から角θ2\theta_{2}、距離bbだけ進んだ位置にある。したがって
(x1, y1)=(f+acos⁡θ1, asin⁡θ1),(x_{1},\,y_{1})=(f+a\cos\theta_{1},\,a\sin\theta_{1}),
(x2, y2)=(f+acos⁡θ1+bcos⁡θ2, asin⁡θ1+bsin⁡θ2).(x_{2},\,y_{2})=(f+a\cos\theta_{1}+b\cos\theta_{2},\,a\sin\theta_{1}+b\sin\theta_{2}).
θ1\theta_{1}が2π2\pi増えるとP\mathrm{P}が1周するから
TP=2πω1.T_{\mathrm{P}}=\dfrac{2\pi}{\omega_{1}}.

図2からチ、ツを求める。TP=1T_{\mathrm{P}}=1よりω1=2π\omega_{1}=2\piである。t=0t=0でA=7A=7である。図2ではB=6B=6であり、S=(7+cos⁡ϕ, sin⁡ϕ)\mathrm{S}=(7+\cos\phi,\,\sin\phi)だから
36=∣OS→∣2=50+14cos⁡ϕ,36=\left|\overrightarrow{\mathrm{OS}}\right|^{2}=50+14\cos\phi,
したがってcos⁡ϕ=−1\cos\phi=-1、0≦ϕ<2π0\leqq\phi<2\piよりϕ=π\phi=\piである。また図2ではt=1t=1にB=8B=8である。このときP=(7, 0)\mathrm{P}=(7,\,0)で、距離8はPS\mathrm{PS}が正のxx方向を向く場合なのでω2+ϕ≡0(mod2π)\omega_{2}+\phi\equiv0\pmod{2\pi}である。従ってω2\omega_{2}はπ\piの奇数倍である。図2の破線の山谷の位置はω2ω1=52\dfrac{\omega_{2}}{\omega_{1}}=\dfrac{5}{2}の場合と一致する(例えばt≒0.17t\fallingdotseq0.17の最初の極大とt≒0.43t\fallingdotseq0.43の極小)。よってω2=5π\omega_{2}=5\pi、すなわちチ=5π\text{チ}=5\pi、ツ=π\text{ツ}=\piである。

半径a−ba-b、a+ba+bの円。S−F\mathrm{S}-\mathrm{F}は長さaaのベクトル(acos⁡θ1, asin⁡θ1)(a\cos\theta_{1},\,a\sin\theta_{1})と長さbbのベクトル(bcos⁡θ2, bsin⁡θ2)(b\cos\theta_{2},\,b\sin\theta_{2})の和である。θ2=θ1+π\theta_{2}=\theta_{1}+\pi、すなわちω2=ω1\omega_{2}=\omega_{1}、ϕ=π\phi=\piならS−F=((a−b)cos⁡θ1, (a−b)sin⁡θ1)\mathrm{S}-\mathrm{F}=((a-b)\cos\theta_{1},\,(a-b)\sin\theta_{1})となる。よって半径a−ba-bの円となり、テ=1\text{テ}=1、ト=π\text{ト}=\piである。同様に、θ2=θ1\theta_{2}=\theta_{1}、すなわちω2=ω1\omega_{2}=\omega_{1}、ϕ=0\phi=0なら半径a+ba+bの円となるので、ナ=1\text{ナ}=1、ニ=0\text{ニ}=0である。

ヌ、ネの条件。ここでは直前のa>ba>bを用いる。S=(f−a−b, 0)\mathrm{S}=(f-a-b,\,0)となるには、長さaa、bbの二つのベクトルFP→\overrightarrow{\mathrm{FP}}、PS→\overrightarrow{\mathrm{PS}}がともに左向きでなければならないので、θ1≡θ2≡π(mod2π)\theta_{1}\equiv\theta_{2}\equiv\pi\pmod{2\pi}である。S=(f+a−b, 0)\mathrm{S}=(f+a-b,\,0)では、合成ベクトルの長さが最小値a−ba-bとなり、向きは正のxx方向だから、θ1≡0\theta_{1}\equiv0、θ2≡π(mod2π)\theta_{2}\equiv\pi\pmod{2\pi}である。特にt=0t=0で右側の点を通るためϕ=π\phi=\piが必要である。

P\mathrm{P}が1周する間にθ1=π\theta_{1}=\piとなる時刻はt=TP2=πω1t=\dfrac{T_{\mathrm{P}}}{2}=\dfrac{\pi}{\omega_{1}}である。このとき左側の点を通るにはθ2≡π\theta_{2}\equiv\piでなければならないから
ω2πω1+π≡π(mod2π),ω2ω1=2m(mは整数).\dfrac{\omega_{2}\pi}{\omega_{1}}+\pi\equiv\pi\pmod{2\pi},\qquad \dfrac{\omega_{2}}{\omega_{1}}=2m\quad(m\text{は整数}).
逆にϕ=π\phi=\piかつω2ω1=2m\dfrac{\omega_{2}}{\omega_{1}}=2mなら、t=0t=0で右側の点、t=TP2t=\dfrac{T_{\mathrm{P}}}{2}で左側の点を通る。よってこれは必要十分条件である。偶数全体は、正の自然数kkと符号±\pmを使って±2(k−1)\pm2(k-1)(k=1, 2, 3, ⋯k=1,\,2,\,3,\,\cdots)と表せる。k=1k=1はω2=0\omega_{2}=0を含む。従ってヌ=±2(k−1)ω1\text{ヌ}=\pm2(k-1)\omega_{1}、ネ=π\text{ネ}=\piである。

ノ、ハの条件。t=0t=0でS=(f+a−b, 0)\mathrm{S}=(f+a-b,\,0)だからθ1=0\theta_{1}=0、θ2=ϕ=π\theta_{2}=\phi=\piである。1周期後にS=(f+a+b, 0)\mathrm{S}=(f+a+b,\,0)となるにはθ2≡0(mod2π)\theta_{2}\equiv0\pmod{2\pi}でなければならず、
ω2TP+π≡0(mod2π),ω2ω1=m+12(mは整数).\omega_{2}T_{\mathrm{P}}+\pi\equiv0\pmod{2\pi},\qquad \dfrac{\omega_{2}}{\omega_{1}}=m+\dfrac{1}{2}\quad(m\text{は整数}).
この条件なら2周期後にθ2≡π\theta_{2}\equiv\piとなり、以後も各周期で二つの位置を交互にとる。逆に交互にとるなら1周期後に右側の最大点を通るため上の合同式が必要である。すべての半奇数は±2k−12\pm\dfrac{2k-1}{2}(k=1, 2, 3, ⋯k=1,\,2,\,3,\,\cdots)と表せるから、ノ=±2k−12ω1\text{ノ}=\pm\dfrac{2k-1}{2}\omega_{1}、ハ=π\text{ハ}=\piである。

蝕の回数。蝕が起こるのは、S\mathrm{S}が線分FP\mathrm{FP}の上にあり、PS→\overrightarrow{\mathrm{PS}}がFP→\overrightarrow{\mathrm{FP}}と反対向きになるときである。すなわち相対角θ2−θ1\theta_{2}-\theta_{1}がπ\piと合同になるときである。

(1)

ω2=zω1\omega_{2}=z\omega_{1}なので、相対角θ2−θ1\theta_{2}-\theta_{1}は1周期に2π(z−1)2\pi(z-1)増える。これはπ\piと合同になる回数がz−1z-1回であることを表す。よって蝕はz−1z-1回起こり、ヒ=z−1\text{ヒ}=z-1である。

(2)

ω2=−zω1\omega_{2}=-z\omega_{1}なので、相対角は1周期に−2π(z+1)-2\pi(z+1)だけ変わる。よって蝕はz+1z+1回起こり、フ=z+1\text{フ}=z+1である。

読み終えたら解答を閉じて、もう一度自分の手で解いてみましょう。

この問題で使う考え方

  • 三角比と相互関係
  • 一般角と弧度法
  • 三角関数の相互関係
  • 三角関数の周期・グラフ
  • 座標による距離
  • 円の方程式
  • 軌跡
  • ベクトルの成分表示
  • ベクトルの和・差・実数倍
  • ベクトルの内積

答えと解答は AI で作成したものです。誤りに気づいたらお問い合わせから教えてください。

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