佐賀大学/2023年度/前期

2佐賀大学 2023年 数学 第2問解答・解説

場合の数と確率数列極限

1問題

佐賀大学2023年度第2問
0から3までの数字を1つずつ書いた4枚のカードがある。この中から1枚のカードを取り出し、数字を確認してからもとへもどす。これを nn 回くり返したとき、取り出されたカードの数字の総和を SnS_n で表す。SnS_n が3で割り切れる確率を pnp_n とし、SnS_n を3で割ると1余る確率を qnq_n とするとき、次の問に答えよ。
(1) pn+1p_{n+1} および qn+1q_{n+1} を pn,qnp_n,q_n を用いて表せ。
(2) pnp_n および qnq_n を nn を用いて表せ。また、極限値 lim⁡n→∞pn\displaystyle \lim_{n\to\infty}p_n および lim⁡n→∞qn\displaystyle \lim_{n\to\infty}q_n を求めよ。

まずは自分で解いてみましょう。解けたら「答え」、詰まったら「解答」で確かめられます。

タイマー

15:00

2答え

答えを見る自分の答えと照らし合わせる
  • (1)
    pn+1=1+pn4,qn+1=1+qn4.p_{n+1}=\frac{1+p_n}{4},\quad q_{n+1}=\frac{1+q_n}{4}.
  • (2)

3解答

解答を見る途中式つきの解答

解答

1回の抽出値を3で割った余りは、0が確率 1/21/2、1が確率 1/41/4、2が確率 1/41/4 である。和 SnS_n を3で割った余りが2となる確率を rnr_n とおけば、rn=1−pn−qnr_n=1-p_n-q_n。

(1) 次の抽出後に余りが0となるのは、現在の余りと次の余りが (0,0),(1,2),(2,1)(0,0),(1,2),(2,1) の場合である。したがって
pn+1=12pn+14qn+14rn=12pn+14qn+14(1−pn−qn)=1+pn4. p_{n+1}=\frac12p_n+\frac14q_n+\frac14r_n =\frac12p_n+\frac14q_n+\frac14(1-p_n-q_n) =\frac{1+p_n}{4}.
余りが1となる場合は (0,1),(1,0),(2,2)(0,1),(1,0),(2,2) なので
qn+1=14pn+12qn+14rn=14pn+12qn+14(1−pn−qn)=1+qn4. q_{n+1}=\frac14p_n+\frac12q_n+\frac14r_n =\frac14p_n+\frac12q_n+\frac14(1-p_n-q_n) =\frac{1+q_n}{4}.

(2) 1回の抽出では p1=1/2p_1=1/2, q1=1/4q_1=1/4。上の漸化式を定数 1/31/3 からの差で書けば
pn+1−13=14(pn−13),qn+1−13=14(qn−13). p_{n+1}-\frac13=\frac14\left(p_n-\frac13\right),\qquad q_{n+1}-\frac13=\frac14\left(q_n-\frac13\right).
よって
pn=13+(14)n−1(12−13)=4n+23⋅4n,qn=13+(14)n−1(14−13)=4n−13⋅4n. p_n=\frac13+\left(\frac14\right)^{n-1}\left(\frac12-\frac13\right) =\frac{4^n+2}{3\cdot4^n}, \qquad q_n=\frac13+\left(\frac14\right)^{n-1}\left(\frac14-\frac13\right) =\frac{4^n-1}{3\cdot4^n}.
4−n→04^{-n}\to0 より
lim⁡n→∞pn=lim⁡n→∞qn=13. \lim_{n\to\infty}p_n=\lim_{n\to\infty}q_n=\frac13.

読み終えたら解答を閉じて、もう一度自分の手で解いてみましょう。

この問題で使う考え方

  • 確率の基本法則
  • 漸化式
  • 数列の極限

答えと解答は AI で作成したものです。誤りに気づいたらお問い合わせから教えてください。

佐賀大学の数学を、過去 10 年分まとめて解けるものがあったら使いたいですか?

次にやること

同じ年度の次の問題第3問へ進むいろいろな式・平面上の曲線と複素数平面

佐賀大学のほかの年度

似た問題を、ほかの大学で